我有一个从mySQL表接收数据的php文件。 mySQL表’user_spec’只返回一个字段’options’。 然后我将返回的数据转换为JSON，代码就是这样做。
<?php $username = "user"; $password = "********"; $hostname = "localhost"; $dbh = mysql_connect($hostname, $username, $password) or die("Unable to connect to MySQL"); //print "Connected to MySQL
"; $selected = mysql_select_db("spec",$dbh) or die("Could not select first_test"); $query = "SELECT * FROM user_spec"; $result=mysql_query($query); echo json_encode(mysql_fetch_assoc($result)); ?> 然后在HTML文件中，我尝试通过这段代码输出数据但是它不起作用。 我将非常感谢任何帮助。
function Preload() { $.getJSON("Dhttps://localhost/conn_mysql.php", function(json){ alert("JSON Data: " + json.user_spec); });}
我认为不是使用文件地址： “D：xampp / htdocs / conn_mysql.php”，你必须使用xampp定义的URL，例如“http：//localhost/mytest/conn_mysql.php”
你需要注意的另一件事是方法。 正如其名称所示， $ .getJSON （ ）与GET方法一起使用。 也许你应该尝试$ .post或$ .ajax （ ）。
哦! 要启动脚本，并非所有浏览器都支持
。 此外，它等待加载页面，而不是DOM，有时可能会给你的脚本带来问题。 你应该使用$（’document’）。ready（function（） ，等待加载DOM。这样：
我希望它有用！ ^^
希望这能为您提供一些选项，以缩小您面临的问题。
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