第一题 987654321 problem
水题，打个表找个规律，一瞬间就好了。。
#include #include using namespace std; int main() { /*for(long long i=1000;i<=0x7ffffffff;i++) { if((i*i)%1000000000==987654321) { cout<>n; if(n<=8) { cout<<'0'<
第二题 self-numbers 2
这道题蛮好的。。 一开始忽略了内存大小，在用哈希表做（把所有不符合的存入哈希表中），在第5组的时候出现了pe。。 pe。。 然后各种调试都pe。。 搜题解， 发现原来这题的位置不是从小到大的，而且可能有重复的位置，那就sort2遍好了。。 第5组爆内存。。 哈希值得问题吧。。 第6组超时。。
然后就知道了，这道题用哈希很膨胀。。
于是 看题解， 他们把这个方式叫做滚动数组。。 说白了，就是数组的重复使用，机智。
他们是这么做的：1。比如，当前的数字是 13 ，那么13 可以推出 13+1+3=17 不是，于是 我们知道了 13 后面的第 4 个数字不可取；
2。当前数子是999 那么就是他后面的 第 27 个数字不可取。
3。最大的数字是10的7次， 那么他的影响力最多是 7*9=63。 7是位数，9是每位的最大数。于是就可以开一个长度为 126 的数组，以 63 为更新节（最大影响力是63），滚来滚去（f1记录在63中的（我的这一波），f2记录我这一波（f1）对下一波的影响力）；
这样既省内存又方便。。机智。。
#include #include #include #include #include using namespace std; struct shu { int v; int loc; }who[5001]; int ans[5001]; bool f1[63],f2[63]; int cmp(shu a,shu b) { return a.v
第三题 boxes
这道题一开始很自信，认为自己可以o（1）解决，失败了。。
但是，再想想一定可以o（1）解决的。。
这里给出模拟做法，因为有 *2 这个东西，而且数据最大才2的31次，最差的情况就是 31*31 因为每次移动31，运行了31组（log2 2的31次）。。（当然，这不是最差的，因为两者一定会逐渐接近）但是 900 这样的时间够了。。 实验证明50都可以。。数据水。。
#include #include using namespace std; int main() { int a,b; cin>>a>>b; int step=0; int flag=1; while(a&&b) { if(a50)//数据水。。。 { flag=0; break; } } if(!flag) { cout<<"-1"<
第四题 palindrome pairs
这个东西，以我目前的水平，还不能统一字符长度为1的情况。。
记录一下头尾的所有就好了。。
#include #include #include using namespace std; char a[2001]; int p[2001]; int q[2001]; int main() { scanf("%s",a); int len=strlen(a); for(int i=0;i=0&&a[id-to]==a[id+to]) { p[id-to]++; q[id+to]++; to++; } id=i; to=0; while(id-to-1>=0&&id+to
e 模拟大法好。。 先找到最近的一段，然后就可以玩了。。
#include #include #include #include using namespace std; string test; int main() { int n,k; cin>>n>>k; cin>>test; int mode;//不同模式，不同标准。。 if(k==n) { mode=1; } else if(k==1) { mode=2; } else if(k>n/2) { while(k!=n) { cout<<"right"<=0;i--) { cout<<"print "<
f 还是模拟，排序一下就好了。。
#include #include #include using namespace std; struct sb { int x; int y; }boom[100010]; int cmp(sb a,sb b) { if(abs(a.y)==abs(b.y)) return abs(a.x)0) { printf("1 %d rn",boom[i].x); mode1=1; } else if(boom[i].x<0) { printf("1 %d ln",abs(boom[i].x)); mode1=2; } if(boom[i].y>0) { printf("1 %d un",boom[i].y); mode2=1; } else if(boom[i].y<0) { printf("1 %d dn",abs(boom[i].y)); mode2=2; } printf("2n"); if(mode1==1) { printf("1 %d ln",boom[i].x); } else if(mode1==2) { printf("1 %d rn",abs(boom[i].x)); } if(mode2==1) { printf("1 %d dn",boom[i].y); } else if(mode2==2) { printf("1 %d un",abs(boom[i].y)); } printf("3n"); } return 0; }
g题 ，这道题 又是模拟，我发现了，在cf里面即使pe 了都没问题。。
不过我还是很认真的输出了。。
这道题运气好碰巧凑对了。。
值得注意的是下界的计算，反正我因为这个wa2发之后直接偷懒了。。
#include #include #include #include #include using namespace std; struct sb { int x; int y; char d; }node[1010]; int wa[2010][1010]; int main() { int n; cin>>n; int test; node[0].x=0; node[0].y=0; int max1=-0x3f3f3f3f; int max2=-0x3f3f3f3f; memset(wa,0,sizeof(wa)); for(int i=1;i<=n;i++) { cin>>test; node[i].x=node[i-1].x+test; if(i&1) { node[i].y=node[i-1].y+test; } else { node[i].y=node[i-1].y-test; } max1=max(max1,node[i].y); if(node[i-1].y
h wall painting
异或 这题不错,既然要算的是每一个组合后数的和（sum），
1。sum=第一位+第二位+第三位。。。第一位，第二位，第三位。。 他们之间是无关的。
2。这道题算的是所有东西的和，所以重复也没关系，用不到容斥，话说早上和友人讨论的32n微软面试题 应该容斥做是可行的吧。。（嘘）。。
这样就是一道简单的排列组合题目了。。
用int wa了。。 那就开 long long 吧
#include #include #include using namespace std; const long long mod=1000003; long long a[10010]; long long wei[64]; long long c[1010][1010]; void build() { for(long long i=0;i<=1001;i++) { c[i][0]=c[i][i]=1; for(long long j=1;j>1; cnt++; } maxlen=max(maxlen,cnt); } for(long long i=1;i<=n;i++) { long long ans=0; for(long long j=0;j
i railway tickets 这道题太有趣了，交了11次。。 因为终点可以在起点前面。。
简单的dp。。
#include #include #include using namespace std; int a[10010]; int way[10010]; int main() { int l1,l2,l3,c1,c2,c3; int n; int s,e; scanf("%d%d%d%d%d%d",&l1,&l2,&l3,&c1,&c2,&c3); scanf("%d",&n); scanf("%d%d",&s,&e); if(s>e) swap(s,e); for(int i=2;i<=n;i++) { scanf("%d",&a[i]); } memset(way,0x3f3f3f3f,sizeof(way)); way[s]=0; for(int i=s+1;i<=e;i++) { int j=i-1; int dis=a[i]-a[j]; while(dis<=l1&&j>=s) { way[i]=min(way[i],way[j]+c1); j--; dis=a[i]-a[j]; } j=i-1; dis=a[i]-a[j]; while(dis<=l2&&j>=s) { way[i]=min(way[i],way[j]+c2); j--; dis=a[i]-a[j]; } j=i-1; dis=a[i]-a[j]; while(dis<=l3&&j>=s) { way[i]=min(way[i],way[j]+c3); j--; dis=a[i]-a[j]; } } printf("%dn",way[e]); return 0; }
j ministry 这道题2刷的时候居然爆内存了。。 哇擦，我第一遍做的时候怎么可以那么机智，用数字表示如何走。。用字母果断爆炸了。。
一开始想到了b题的滚动数组，因为走到下一层，上一层就没用了。
原来这就是dp里面套dp，先左扫一遍，然后右边扫一遍。。 因为某个点，到底是从左走还是从右走，一切都是趋向于最小，所以先左先右没关系。。
#include #include #include using namespace std; int a[501]; int time[501]; int way[101][501]; int n; void print(int who,int len) { if(len==0) return ; else if(way[len][who]==1) { print(who,len-1); printf("%d",who); if(len==n) { printf("n"); } else printf(" "); } else if(way[len][who]==2) { print(who-1,len); printf("%d ",who); } else { print(who+1,len); printf("%d ",who); } } int main() { int m; scanf("%d%d",&n,&m); memset(time,0,sizeof(time)); for(int j=1;j<=n;j++) { for(int i=1;i<=m;i++) { scanf("%d",&a[i]); } for(int i=1;i<=m;i++) { time[i]=time[i]+a[i]; way[j][i]=1; } for(int i=2;i<=m;i++) { if(time[i-1]+a[i]=1;i--) { if(time[i+1]+a[i]
k 题，，放一放，放一放，找规律，吃不消。。
现在可以了，根据我的手动模拟，首先来看“。。。。”这种情况，很明显2个点，然后看“。。。。。”这种情况，3个点。
于是 像这种1条的得出规律n/2+if（奇数）则1；
2*1的时候一个点 2*2 的时候1个点 2*3 的时候，我们找到规律，就是可以消去一条边 边成1*3的情况。。2*4 的情况我们可以照样消去3个点。。于是3就是关键。。这样我们就可以尽可能的去消除3 题目也就是水题了。。
#include #include using namespace std; int main() { int n,m; while(scanf("%d%d",&n,&m)==2) { if(n>m) swap(n,m); if(n==1||n==2) //2可以转化为1,1的时候没有符合要求的1*3 printf("%dn",(m+1)/2); else//尽量用1*3消除 { n=n%3; m=m%3; if(n
l gentlemen
身为大绅士的我，自然要华丽的做出啦。。。
感觉自己比网上题解写的好多了。。不过方法一样
用一个pre记录路径，dp来看有几条路。。并不用01背包的样子。。（反而觉得用了看不懂了）
#include #include #include using namespace std; int a[110]; int dp[1000010]; int pre[1000010]; int ans[110]; int main() { int fin; scanf("%d",&fin); int n; scanf("%d",&n); memset(dp,0,sizeof(dp)); memset(pre,-1,sizeof(pre)); for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%d",&a[i]); } dp[0]=1; for(int i=1;i<=n;i++) { for(int j=fin;j>=a[i];j--) { if(dp[j-a[i]]) { dp[j]=dp[j]+dp[j-a[i]]; if(pre[j]==-1) pre[j]=i; } } } if(dp[fin]>1) { printf("-1n"); } else if(dp[fin]==0) { printf("0n"); } else { memset(ans,0,sizeof(ans)); int num=n; while(pre[fin]!=-1) { ans[pre[fin]]=1; fin=fin-a[pre[fin]]; num--; } for(int i=1;i<=n;i++) { if(!ans[i]) { num--; printf("%d",i); if(!num) { printf("n"); } else { printf(" "); } } } } return 0; }
m broken line 这道题一开始没读清题目意思，觉得是任何图形（奇形怪状），用数学的向量做，然后爆炸啊，写不出来啊，分类太多了。
然后，搜题解，妈呀，人家为何呢么几个等号就出来了呢？原来是方形，方形，方形，一下子水了。。。
#include #include #include #include using namespace std; struct sb { long long x1,y1; long long x2,y2; }xian[10010]; struct sb1 { long long x; long long y; }vector1,vector2,vector3; int main() { long long n; cin>>n; for(long long i=1;i<=n;i++) { cin>>xian[i].x1>>xian[i].y1>>xian[i].x2>>xian[i].y2; } long long x,y; cin>>x>>y; long long ok=1; for(long long i=1;i<=n;i++) { if((xian[i].x1==xian[i].x2&&x==xian[i].x1&&y>=min(xian[i].y1,xian[i].y2)&&y<=max(xian[i].y2,xian[i].y1))||(xian[i].y1==xian[i].y2&&y==xian[i].y1&&x<=max(xian[i].x2,xian[i].x1)&&x>=min(xian[i].x1,xian[i].x2))) { ok=0; cout<<"border"<
n beat
数据小的可怜，dfs一下就好了。。
总算最后一题了。。
#include #include #include #include using namespace std; int n; int flag[20]; int way[20][20]; int ans; void dfs(int who,int num,int old) { ans=max(num,ans); for(int i=0;i=old) { flag[i]=1; dfs(i,num+1,way[who][i]); flag[i]=0; } } } int main() { while(scanf("%d",&n)!=eof) { for(int i=0;i
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