c/c++语言开发共享主函数可以访问它下面的函数但不可变吗？

快速回答：不要这样做。 应在使用前显式声明所有函数和变量。 早期版本的C允许您使用隐式声明，但您不应该利用它。

在C89 / C90中（有时称为“ANSI C”，但并不严格准确），如果调用没有可见声明的函数，则会创建一个隐式声明，假设函数返回int并且接受（提升的）类型的参数通过电话。 对象没有这样的隐式声明。

根据这个规则是一个坏主意。 如果函数实际返回的类型不是int ，或者它的参数与调用中传递的参数不匹配，则行为是未定义的，并且编译器没有义务告诉您出错。

所有被调用的函数在被调用之前都应该有一个显式声明，并且该声明应该是一个原型 ，指定参数的类型。

1999 ISO C标准删除了“隐式int ”规则，使得调用没有可见声明的函数变得非法（违反约束）。 （不幸的是，声明不需要是原型，但你总是应该使用原型。）许多编译器仍允许使用旧规则进行调用。 您应该了解如何让编译器至少警告这些调用。

这是您的程序的更正版本，在C89 / C90，C99和C11中有效：

 void func(void); int i; int main(void) { func(); i = 8; } void func(void) { } 

或者你可以简单地将func的定义移到main的定义之上（除非你有递归调用，否则通常不需要“前向声明”）：

 void func(void); int i; int main(void) { func(); i = 8; } void func(void) { } 

在C中，调用未声明的函数会触发一些规则来构成返回值和参数的类型。 这是一个糟糕的想法，你应该始终启用捕获这个错误的编译器警告。 传递或返回浮点值而不是int时，或者传递比int更宽的指针时，您将获得破坏。

更好的是，让您的编译器处于C99或更高版本模式，而不是C89。 在C99中删除了隐式声明，因此您至少需要一个原型。

没有前向声明，没有使用全局变量的规则。

在K＆R C中，函数被隐式声明为返回int并在未经声明时使用它们时接受任何参数。

省略返回类型也默认为int作为返回类型，因此定义不与隐式声明冲突。

从上到下解析源文件时，编译器需要在使用之前查看所有标识符的声明。 没有显式返回类型的函数的“隐式int”规则仅在C89 / 90中有效。 它已从C99中的标准中删除。 因此func()需要在C99及更高版本中使用原型。 如果您在C89 / 90模式下进行编译，则函数func()没有错误。 GCC在C99模式下为您的代码生成以下警告（没有语句i=8 ）：

 $gcc -Wall -Wextra -std=c99 file.c warning: implicit declaration of function func warning: return type defaults to int 

即使在C89 / 90中，也不对变量i执行这样的隐式隐式声明。 一个例外是函数参数。

例如，

 int main(i) { func(); i = 8; } 

没错，因为i默认在C89 / 90中输入int 。 但它在C99及更高版本中无效。

为了使您的程序在现代C中有效，它应该是：

 void func(); // (1) Prototype for func() int main(void) // (2) return type of main() should be int { func(); extern int i; // (3) refers to the `i` tentatively defined after main() i = 8; } int i; void func() { }